Могу ли я запустить предупреждение компилятора и без ошибки связывания, только с шаблонной объявлением? ⇐ C++

[Anonymous]

Я хочу написать объявление, шаблонное на типе, такое, что: < /p>

[*] Если не экземпляр, не вызывает никаких предупреждений компилятора или ошибок, даже при строгих предупреждающих флагах. Предупреждение компилятора должно быть «типичным» в том смысле, что имя функции и аргумент типа шаблона печатаются.
[*] Не требуется никаких заголовков. /> < /ol>
Это требования. Теперь для того, что желательно, но не абсолютно необходимо: < /p>

• работает с как можно большим количеством компиляторов. Указано. < /li>
  < /ul>
  Примечания: < /strong> < /p>
  
  Объявленная сущность может быть функцией, типом или чем-либо еще, что может быть шаблон. В отношении альтернативного потенциального ответа на этот вопрос, но мне также вообще любопытно. PrettyPrint-Override ">

  Код: Выделить всё

  template [[deprecated]] void f(){}
  < /code>
  < /li>
   Проектное требование (5.)-Мы можем использовать:
  template  inline void f();
  < /code>
  Это создает соответствующее предупреждение с Clang и GCC; А с GCC это предупреждение одной линии. К сожалению, когда вы ссылаетесь, вы получаете ошибку. < /Li>
   Превышение действительного C ++, но не в зависимости от компиляции C ++ 17, мы можем использовать конструкцию только GCC:
  template 
  [[gnu::warning("some text here")]]
  void f() {}
  

Подробнее здесь: https://stackoverflow.com/questions/796 ... ed-declara